V已知f(x)=ax﹣lnx,x∈(0,e],g(x)=,其中e是自然常数,a∈R.(Ⅰ)当a=1时,研究f(...
问题详情:
V已知f(x)=ax﹣lnx,x∈(0,e],g(x)=,其中e是自然常数,a∈R.
(Ⅰ)当a=1时,研究f(x)的单调*与极值;
(Ⅱ)在(Ⅰ)的条件下,求*:f(x)>g(x)+;
(Ⅲ)是否存在实数a,使f(x)的最小值是3?若存在,求出a的值;若不存在,说明理由.
【回答】
【考点】6E:利用导数求闭区间上函数的最值.
【分析】(Ⅰ)求导函数,确定函数的单调*,从而可得函数f(x)的极小值;
(Ⅱ)f(x)在(0,e]上的最小值为1,令h(x)=g(x))+,求导函数,确定函数的单调*与最大值,即可*得结论;
(Ⅲ)假设存在实数a,使f(x)的最小值是3,求导函数,分类讨论,确定函数的单调*,利用f(x)的最小值是3,即可求解.
【解答】(Ⅰ)解:f(x)=x﹣lnx,f′(x)= …
∴当0<x<1时,f′(x)<0,此时f(x)单调递减
当1<x<e时,f′(x)>0,此时f(x)单调递增 …
∴f(x)的极小值为f(1)=1 …
(Ⅱ)*:∵f(x)的极小值为1,即f(x)在(0,e]上的最小值为1,
∴f(x)>0,f(x)min=1…
令h(x)=g(x))+=+,,…
当0<x<e时,h′(x)>0,h(x)在(0,e]上单调递增 …
∴h(x)max=h(e)=<=1=|f(x)|min …
∴在(1)的条件下,f(x)>g(x)+;…
(Ⅲ)解:假设存在实数a,使f(x)的最小值是3,f′(x)=
①当a≤0时,x∈(0,e],所以f′(x)<0,所以f(x)在(0,e]上单调递减,f(x)min=f(e)=ae﹣1=3,∴a=(舍去),所以,此时f(x)无最小值.…
②当0<<e时,f(x)在(0,)上单调递减,在(,e]上单调递增,f(x)min=f()=1+lna=3,∴a=e2,满足条件.…
③当时,x∈(0,e],所以f′(x)<0,
所以f(x)在(0,e]上单调递减,f(x)min=f(e)=ae﹣1=3,∴a=(舍去),
所以,此时f(x)无最小值.…
综上,存在实数a=e2,使f(x)的最小值是3.…
知识点:导数及其应用
题型:解答题